1樓：匿名使用者
public class testdemo
system.out.println(result);}}
2樓：匿名使用者
's major cities' tr
3樓：網路v幽靈
int n =20;//以20為例
double s = 1;
for (int i = 1; i<=n; i++)system.out.println (s);
}static double func(int n)return 1/r;
為何自然對數 e^x=exp(x)＝1＋x/1！＋x^2/2！＋x^3/3！＋x^4/4！＋…＋x
4樓：天星草的故事
這個是due^x的泰勒
。例如：zhi把e^x在x=0自dao得：
f（回x）=e^x= f（0）+ f′（0）x+ f″（0）x ²/ 2!
+...+ fⁿ（0）x^n/n!+rn(x）=1+x+x^2/2!+x^3/3!+...+x^n/n!+rn(x）
其中答 f（0）= f′（0）= fⁿ（0）=e^0=1泰勒是用乙個多項式去取代乙個函式，多項式的項數越多越精確，當多項式的項數有無窮個的時候這個函式就可以被完全取代了。
望採納，謝謝
5樓：單身很酷
#include
#include
float ex(float x,int t,long long m);
int main(void)
return 0;
}float ex(float x,int t,long long m) else}
6樓：小琦
x是整數就好來辦了 ，不過
自vc有個matn.h標頭檔案，裡面有個exp函式，應該直接可以幫你解決 #include "stdio.h" #include void main()
7樓：臣謔鮮都
#include double sum(double x, int n) return s; } int main() }
e^x=1+x+x^2/2!+x^3/3!+x^n/n!的推導
8樓：匿名使用者
^由泰抄勒公式可以知道，
f(x)=f(x0)+f'(x0)(x-x0)+f''(x0)/2!*(x-x0)^襲2+f'''(x0)/3!*(x-x0)^3+……+f(n)(x0)/n!
*(x-x0)^n+rn(x)
其中bairn(x)=f(n+1)(ξ)/(n+1)! *(x-x0)^(n+1)，這裡ξdu在zhix和x0之間，該餘項dao
稱為拉格朗日型的餘項。
那麼在x0=0時候，代入上式得到
f(x)=f(0)+f'(0)x+f''(0)/2! *x^2+f'''(0)/3! *x^3+……+f(n)(0)/n! *x^n+rn，
這就是麥克勞林公式
顯然在f(x)=e^x時，f(x)的任意階導數都是等於e^x的，
即f(x)=f '(x)=f "(x)=…=f(n) (x)=e^x，
故f(0)=f '(0)=f "(0)=…=f(n) (0)=1
代入麥克勞林公式中，
就得到了
e^x=1+x+x^2/2!+x^3/3!+…+x^n/n!
根號下x22x1y2根號下x22x1y
解 設a x y 1，則 根號 a 2x 根號 a 2x 4 兩邊同時平方，得 2a 2根號 a 4x 16即 根號 a 4x 8 a 兩邊同時平方，得 a 4x 64 16a a 即 x 4a 16 4x 4y 4 16 將a代入 即 x 4 y 3 1 x 2 2x 1 y 2 x 2 2x 1...
設X1，X2，X3，X4為來自總體N1，20的
由xi來自總體n 1，2 故x?x 2 與x x?2 2 均服從標準正態分佈且相互獨立 因此x?x.x x?2.x x2 x x 22 分布為t 1 故選 b 設x服從n 0,1 x1，x2，x3，x4，x5，x6 為來自總體x的簡單隨機樣本，x1，x2，x3，x4，x5，x6 為來自總體x的簡單隨...
x 2 1x 2 2x 11 xx 1x x 1 要具體工程
原式 x 1 x 1 x 1 2 1 x x 1 x 1 x x 1 x 1 1 x x 1 x 1 x x 1 2 x 1 2 x 1 x 1 x 1 x x 2 2x 1 x 2 2x 1 x 1 1 x 4x x 1 1 x 4 x 1 原式 x 1 x 1 x 1 x 1 x 1 x 1 x...